Professora Sonia ITA 2010

Transcrição

1 CONSTANTES Constante de Avogadro = 3 1 6,0 10 mol Professora Sonia ITA Constante de Faraday (F) = 9,65 10 C. mol = 9,65 10 A. s. mol = 9,65 10 J. V. mol Volume molar de gás ideal =,4L (CNTP) 19 Carga elementar = 1,60 10 C Constante dos gases = 1 1 = 6,4 mm Hg. L. K. mol Constante gravitacional (g) = ,1 10 atm. L. K. mol = 8,31 J. K. mol = 1,98 cal. K. mol 9,81 m. s DEFINIÇÕES Pressão de 1 atm = 760 mmhg = N.m - = 760 Torr 1 J = 1 N.m = 1 kg.m.s -. Condições normais de temperatura e pressão (CNTP): 0ºC e 760 mmhg Condições ambientes: 5 C e 1 atm. Condições padrão: 5 C, 1 atm, concentração das soluções: 1 1 moll (rigorosamente: atividade unitária das espécies), sólido com estrutura cristalina mais estável nas condições de pressão e temperatura em questão. (s) = sólido. (l) = líquido. (g) = gás. (aq) = aquoso. (CM) = circuito metálico. (conc) = concentrado. (ua) = unidades arbitrárias. [A] = concentração da espécie química A em 1 moll. Elemento Químico MASSAS MOLARES Número Atômico Massa Molar (g mol 1 ) H 1 1,01 B 5 10,81 C 6 1,01 N 7 14,01 O 8 16,00 Na 11,99 P 15 30,97 S 16 3,07 Cl 17 35,45 Ar 18 39,95 K 19 39,10 Ca 0 40,08 Elemento Químico Número Atômico Massa Molar (g mol 1 ) Cr 4 5,00 Fe 6 55,85 Ni 8 58,69 Cu 9 63,55 Zn 30 65,40 Sr 38 87,6 Ag ,87 I 53 16,90 W ,84 Pt ,08 Au ,97 Pb 8 07, As questões de 01 a 0 NÃO devem ser resolvidas no caderno de soluções. Para respondê-las marque a opção escolhida para cada questão na folha de leitura óptica e na reprodução da folha de leitura óptica (que se encontra na última página do caderno de soluções). 1

2 TESTE 1 A figura a seguir apresenta a curva de aquecimento de 100 g de uma substância pura genérica no estado sólido. Sabe-se que calor é fornecido a uma velocidade constante de 500 cal.min 1. Admite-se que não há perda de calor para o meio ambiente, que a pressão é de 1 atm durante toda a transformação e que a substância sólida apresenta apenas uma fase cristalina. Considere que sejam feitas as seguintes afirmações em relação aos estágios de aquecimento descritos na figura: I. No segmento PQ ocorre aumento da energia cinética das moléculas. II. No segmento QR ocorre aumento da energia potencial. III. O segmento QR é menor que o segmento ST porque o calor de fusão da substância é menor que o seu calor de vaporização. IV. O segmento RS tem inclinação menor que o segmento PQ porque o calor específico do sólido é maior que o calor específico do líquido. Das afirmações acima, está(ão) ERRADA(S): a) apenas I. b) apenas I, II e III. c) apenas II e IV. d) apenas III. e) apenas IV. Resolução do teste: Alternativa E Análise das afirmações: I. Afirmação correta. No segmento PQ observa-se uma elevação de 0 graus na temperatura, ou seja, ocorre uma elevação na energia cinética média das partículas formadoras da substância. II. Afirmação correta. No segmento QR a temperatura se mantém constante, isto significa que ocorre uma elevação da energia potencial. III. Afirmação correta. Sabe-se que o calor é fornecido a uma velocidade constante de cal.min, de acordo com a figura, para o segmento QR decorrem 0 minutos. Então:

3 1 minuto 500 cal 0 minutos QQR Q QR = cal (calor para a fusão) Para o segmento ST decorrem, aproximadamente, 104 minutos. Então: 1 minuto 500 cal 104 minutos QST Q ST = cal (calor para a vaporização) De um modo geral, para uma massa m de uma substância de calor latente L, que sofra mudança de estado, podemos calcular a quantidade de calor Q trocada no processo: 1 g L m Q Q = m.l Então, para 100 g da substância, teremos: Q QR = m.l F = 100.L F L F = 100 cal Q ST = m.l V = 100.L V L V = 50 cal Ou seja, L F (100 cal) < L V (50 cal). IV. Afirmação errada. O aumento da temperatura por segundo ou minuto (dt/dt) é proporcional à taxa de absorção de calor pela amostra (dq/dt): dt 1 dq = dt C dt P C P = capacidade calorífica à pressão constante. O calor específico à pressão constante é definido pela equação c = C P T. De acordo com a figura o segmente RS tem inclinação menor, consequentemente no estado líquido o calor específico será maior. TESTE Historicamente, a teoria atômica recebeu várias contribuições de cientistas. Assinale a opção que apresenta, na ordem cronológica CORRETA, os nomes de cientistas que são apontados como autores de modelos atômicos. a) Dalton, Thomson, Rutherford e Bohr. b) Thomson, Millikan, Dalton e Rutherford. c) Avogadro, Thomson, Bohr e Rutherford. d) Lavoisier, Proust, Gay-Lussac e Thomson. e) Rutherford, Dalton, Bohr e Avogadro. Resolução do teste: Alternativa A A ordem cronológica correta é a seguinte: 3

4 Por volta de 1803, John Dalton, professor de ciências inglês e descobridor da alteração genética conhecida como Daltonismo, sugeriu que a maioria das observações químicas feitas no século XVIII poderiam ser explicadas a partir da ideia de que a matéria seria formada por átomos indivisíveis. Foi então que Dalton fez cinco importantes proposições: 1 a.) Toda a matéria é formada por unidades fundamentais chamadas átomos. a.) Os átomos são perpétuos e indivisíveis, não podem ser criados, nem destruídos. 3 a.) Os átomos de um determinado elemento químico são idênticos em todas as suas propriedades. Átomos de elementos químicos diferentes têm propriedades diferentes. 4 a.) Uma alteração química (ou reação química) é uma combinação, separação ou rearranjo de átomos. 5 a.) Os compostos químicos são constituídos de átomos de elementos químicos diferentes numa proporção fixa. Em 1897, Joseph John Thomson, que recebeu o prêmio Nobel em 1906 pelos seus trabalhos sobre o estudo dos elétrons, fez um experimento utilizando o tubo de descargas. Thomson acrescentou um par de placas metálicas ao arranjo original e verificou que os raios catódicos podem ser desviados na presença de um campo elétrico. Em 1898, J. J. Thomson começou a se intrigar com a seguinte questão: além dos elétrons o que mais existiria dentro de átomo? Se os elétrons podem ser retirados de um átomo deixando para trás um íon positivo e como este íon positivo foi formado a partir da retirada desse elétron, conseqüentemente o íon positivo teria uma massa maior do que a massa do elétron. Foi então que ele propôs um modelo para a estrutura atômica: Cada átomo seria formado por uma grande parte positiva que concentraria a massa do átomo e por elétrons que neutralizariam essa carga positiva. Ou seja, teríamos uma esfera de carga elétrica positiva dentro da qual estariam dispersos os elétrons. Em 1909, Ernest Rutherford, Hans Geiger e Ernest Marsden realizaram, no próprio laboratório do professor Ernest Rutherford, uma série de experiências que envolveram a interação de partículas alfa com diversos materiais como papel, mica e ouro. Eles perceberam que algumas partículas sofriam diversos tipos de desvio em suas trajetórias quando atravessavam as amostras, ou seja, as partículas sofriam espalhamento. Rutherford imaginou que o átomo seria composto por um núcleo positivo e muito pequeno, hoje se sabe que o tamanho do átomo varia de a vezes maior do que o tamanho do seu núcleo. Ele também acreditava que os elétrons giravam ao redor do núcleo e neutralizavam a carga positiva do núcleo. Este modelo foi difundido no meio científico em Em 1913, o físico dinamarquês Niels Henrik David Böhr, começou a desvendar o dilema que a física clássica parecia não conseguir explicar, ou seja, por que o átomo era estável? Para Böhr cada átomo de um elemento químico tem disponível um conjunto de energias quantizadas (constantes) ou níveis de energia ocupados pelos seus elétrons. Na maior parte do tempo o átomo está no seu estado fundamental, ou seja, os elétrons estão ocupando os níveis de energia mais baixos. Quando o átomo absorve energia de uma descarga elétrica ou de uma chama seus elétrons pulam para níveis de energia mais altos. Neste caso dizemos que o átomo está no estado excitado. TESTE 3 HCl (g) é borbulhado e dissolvido em um solvente X. A solução resultante é nãocondutora em relação à corrente elétrica. O solvente X deve ser necessariamente a) polar. b) não-polar. c) hidrofílico. d) mais ácido que HCl. e) menos ácido que HCl. 4

5 Resolução do teste: Alternativa B Como a solução resultante é não-condutora de corrente elétrica, o solvente X dever ser necessariamente não polar, pois não deve sofrer ionização em contato com o HCl. TESTE 4 Uma solução aquosa de HCl 0,1 mol L 1 foi titulada com uma solução aquosa de NaOH 0,1 mol L 1. A figura a seguir apresenta a curva de titulação obtida em relação à condutância da solução de HCl em função do volume de NaOH adicionado. Com base nas informações apresentadas nesta figura, assinale a opção ERRADA. a) Os íons responsáveis pela condutância da solução no ponto R são: H +, Cl e Na +. b) Os íons responsáveis pela condutância da solução no ponto S são: Na + e Cl. c) A condutância da solução no ponto R é maior que no ponto S porque a mobilidade iônica dos íons presentes em R é maior que a dos íons presentes em S. d) A condutância da solução em T é maior que em S porque os íons OH têm maior mobilidade iônica que os íons Cl. e) No ponto S, a solução apresenta neutralidade de cargas, no R, predominância de cargas positivas e, no T, de cargas negativas. Resolução do teste: Alternativa E A titulação é uma operação na qual juntamos lentamente uma solução de um ácido a uma base até o término da reação. Durante todo o processo a solução resultante permanece neutra, ou seja, a quantidade de cátions é igual a de ânions. Logo, a alternativa E está errada. De acordo com o enunciado, teremos: HCl (aq) H + (aq) + Cl - (aq) (α 100 %) 0,1 M 0,1 M 0,1 M [íons] = 0, M NaOH (aq) Na + (aq) + OH - (aq) (α = 100 %) 0,1 M 0,1 M 0,1 M [íons] = 0, M Como H + (aq) + OH - (aq) H O (l) no ponto S teremos a predominância dos íons Na + e Cl -, a quantidade de íons será menor e consequentemente a condutância elétrica também. No ponto teremos os íons OH -, Cl - e Na +. A quantidade de base é maior do que no ponto S. TESTE 5 Uma barra de ferro e um fio de platina, conectados eletricamente a um voltímetro de alta impedância, são parcialmente imersos em uma mistura de soluções aquosas de FeSO 4 (1,0 mol L 1 ) e HCl isenta de oxigênio. Um fluxo de gás hidrogênio é mantido constante sobre a parte 5

6 imersa da superfície da platina, com pressão nominal ( P ) de 1,0 atm, e a força eletromotriz medida a 5 C é igual a 0,9 V. Considerando-se que ambos os metais são quimicamente puros e que a platina é o polo positivo do elemento galvânico formado, assinale a opção CORRETA que apresenta o valor calculado do ph desse meio aquoso. Dados: E 0 + = 0,000 V; E = 0,440 V H /H Fe /Fe a) 0,75 b) 1,50 c) 1,75 d),50 e) 3,5 H Resolução do teste: Alternativa D Comparando os potenciais de redução do hidrogênio e do ferro, percebemos que o do hidrogênio é maior: 0,000 V > - 0,440 V. Então: Fe (s) Fe + (aq) + e - H + (aq) + e - H (g) Fe (s) + H + (aq) Fe + (aq) + H (g) E = E maior - E menor E = 0,000 V ( 0,440 V) = + 0,440 V Agora utilizaremos a equação de Nernst, que relaciona a ddp da pilha com a as concentrações molares das soluções nas quais os eletrodos estão imersos: 0 0,059 E = E log Q n Onde: E = ddp da pilha a 5 o C com solução de concentração molar diferente de 1 M. E 0 = ddp da pilha com solução de concentração 1 M. 0,059 = valor constante a 5 o C, porém pode mudar com a temperatura. n = número de mols de elétrons transferidos no processo. Q = quociente entre as concentrações relacionadas, semelhante à constante de equilíbrio. A partir da equação global da pilha: Fe (s) + H + (aq) Fe + (aq) + H (g). K = + [Fe ][H ] + [H ] Como foi dada a pressão parcial do hidrogênio e p(h ) = k[h ] [H ] = p(h ) k' + + [Fe ] p(h ) [Fe ] p(h ) K = K.k' = + + [H ] k' [H ] Q = + [Fe ] p(h ) + [H ] [FeSO 4] = 1 M [Fe + ] = 1 M; p(h ) = 1,0 atm. A força eletromotriz medida a 5 o C é igual a 0,9 V ( E). O número de elétrons transferidos é igual a, ou seja, n =. Utilizando a equação de Nernst, teremos: 6

7 + 0 0,059 [Fe ]p(h ) E = E log + n [H ] 0, ,9 = 0,440 log [H ] + (0,9 0,440). log1 log[h + ] 0,059 = + 5,0169 = log[h + ] log[h + ] =,5085 ph =,50 TESTE 6 A seguinte reação não balanceada e incompleta ocorre em meio ácido: (Cr O 7) - + (C O 4) - Cr 3+ + CO A soma dos coeficientes estequiométricos da reação completa e balanceada é igual a a) 11. b). c) 33. d) 44. e) 55. Resolução do teste: Alternativa C A partir da equação fornecida: (Cr O ) + (C O ) + H Cr + CO + H O Teremos: Cr e - Cr +3 C +3 C +4 + e - Multiplicando a segunda equação por 3, para que a quantidade de elétrons se equipare, vem: Cr e - Cr +3 6C +3 6C e - Então, + 3+ x 1(Cr O 7) + 3(CO 4) + xh Cr + 3CO + HO Como a soma das cargas tem que ser a mesma dos dois lados da equação química, teremos: + 3( ) + x(+1) = (+3) + 3(0) + x (0) x = 14 Finalmente, (Cr O 7) + 3(CO 4) + 14H Cr + 3CO + 7HO Soma dos coeficientes = Soma dos coeficientes = 33 TESTE 7 Considere os seguintes líquidos, todos a 5 C: I. Cu(NO 3) (aq) II. CS (l) III. CH 3CO H (aq) IV. CH 3(CH ) 16CH OH (l) V. HCl (aq) VI. C 6H 6(l) 7

8 Assinale a opção que indica o(s) líquido(s) solúvel(eis) em tetracloreto de carbono. a) Apenas I, III e V b) Apenas II, IV e VI c) Apenas III d) Apenas IV e) Apenas V Resolução do teste: Alternativa B Sabemos que o tetracloreto de carbono é um solvente apolar: Isto significa que líquidos predominantemente apolares dissolvem em contato com o CCl 4. Considerando: I. Cu(NO 3) (aq) Solução aquosa (polar), os íons são atraídos por solventes polares. Não dissolve bem o CCl 4. II. CS (l) S=C=S Solvente apolar. Dissolve bem o CCl 4. III. CH 3CO H (aq) Solvente: água + ácido carboxílico (pouco ionizado), substâncias predominantemente polares. Não dissolve bem o CCl 4. IV. CH 3(CH ) 16CH OH( l ) Solvente com cadeia carbônica apolar e longa (18 carbonos), substância predominantemente apolar. Dissolve bem o CCl 4. V. HCl (aq) Solução aquosa (polar), os íons são atraídos por solventes polares. Não dissolve bem o CCl 4. VI. C 6H 6(l) (hidrocarboneto) Solvente apolar. Dissolve bem o CCl 4. TESTE 8 Considere o seguinte mecanismo de reação genérica: A 4+ + B + A 3+ + B 3+ (etapa lenta) A 4+ + B 3+ A 3+ + B 4+ (etapa rápida) C + + B 4+ C 3+ + B + (etapa rápida) 8

9 Com relação a este mecanismo, assinale a opção ERRADA. a) A reação global é representada pela equação C + + A 4+ C 3+ + A 3+. b) B + é catalisador. c) B 3+ e B 4+ são intermediários da reação. d) A lei de velocidade é descrita pela equação v = k[c + ][A 4+ ]. e) A reação é de segunda ordem. Resolução do teste: Alternativa D A partir das equações fornecidas, somando teremos a equação global: A 4+ + B + A 3+ + B 3+ (lenta) A 4+ + B 3+ A 3+ + B 4+ (rápida) C + + B 4+ C 3+ + B + (rápida) A 4+ + C + A 3+ + C 3+ (global) Como B + entra com o reagente A 4+ e sai no final do processo com o produto C 3+, podemos deduzir que ele é um catalisador. B 3+ e B 4+ são produtos intermediários, pois são fabricados em uma etapa e consumidos na seguinte. A lei da velocidade depende da etapa mais lenta e será dada por: v = k[a 4+ ][B + ], concluímos que a alternativa d está errada. A reação é de segunda ordem, pois a soma dos expoentes da equação v = k[a 4+ ] 1 [B + ] 1 (1 + 1) é igual a. TESTE 9 A 5 C e 1 atm, uma solução de água pura contendo algumas gotas de solução alcoólica de indicador ácido base azul de bromotimol apresenta coloração azulada. Nestas condições, certa quantidade de uma substância no estado sólido é adicionada e a solução torna-se amarelada. Assinale a opção que apresenta a substância sólida adicionada. a) Iodo. b) Sacarose. c) Gelo seco. d) Nitrato de prata. e) Cloreto de sódio. Resolução do teste: Alternativa C O azul de bromotimol é um indicador ácido-base que assume as seguintes colorações: Meio ácido = amarelo Meio básico = azul Meio neutro = verde Como a solução tornou-se amarelada, concluímos que o meio ficou ácido. Analisando as alternativas: a) Iodo + água: praticamente não hidrolisa. b) Sacarose + água: praticamente não hidrolisa. 9

10 c) Gelo seco (CO (s)): sofre sublimação e ocorre a seguinte reação: + - CO (g) + HO( l ) HCO 3(aq) H (aq) + HCO 3 (aq) O meio fica ácido e o indicador amarelo. d) Nitrato de prata: Ag + NO + H O H + NO + Ag + OH H O H + OH + - O meio não fica ácido. e) Cloreto de sódio: Na + C l + HO H O H + OH + - O meio não fica ácido. H + C l + Na + OH TESTE 10 Em cinco béqueres foram adicionados 50 ml de uma solução de referência, que consiste de uma solução aquosa saturada em cloreto de prata, contendo corpo de fundo, a 5 C e 1 atm. A cada béquer, foram adicionados 50 ml de uma solução aquosa diluída diferente, dentre as seguintes: I. Solução de cloreto de sódio a 5 C. II. Solução de Glicose a 5 C. III. Solução de Iodeto de sódio a 5 C. IV. Solução de Nitrato de prata a 5 C. V. Solução de Sacarose a 50 C. Considere que o corpo de fundo permanece em contato com as soluções após rápida homogeneização das misturas aquosas e que não ocorre formação de óxido de prata sólido. Nestas condições, assinale a opção que indica a(s) solução(ões), dentre as acima relacionadas, que altera(m) a constante de equilíbrio da solução de referência. a) Apenas I, III e IV b) Apenas I e IV c) Apenas II e V d) Apenas III e) Apenas V Resolução do teste: Alternativa E A equação da velocidade de uma reação química, num processo elementar aa + bb produtos é dada por v = k[a] a [B] b. Como a constante do equilíbrio químico depende das constantes de velocidade da reação direta e inversa: aa + bb cc + dd 10

11 No equilíbrio v 1 = v. Podemos dizer, por comparação, que a causa da variação da velocidade da reação direta ou inversa está relacionada com a alteração da temperatura. A relação entre a velocidade da reação e temperatura foi descoberta em 1887 por Van t Hoff e, depois em 1889 por Arrhenius. Arrhenius estudou profundamente esta relação e deduziu a equação conhecida pelo seu nome (equação de Arrhenius): A = fator de freqüência de colisões. E at = energia de ativação. R = constante universal. T = temperatura. K = Ae Eat Observe que, pela equação, quando T aumenta, diminui e consequentemente o valor de K RT também aumenta. Ou seja, a temperatura é um fator que atua no equilíbrio químico. Como a solução de sacarose está com o dobro da temperatura (50 o C) da solução de referência, concluímos que a constante de equilíbrio da solução de referência será alterada apenas por V. TESTE 11 A 5 C e 1 atm, uma amostra de 1,0 L de água pura foi saturada com oxigênio gasoso (O ) e o sistema foi mantido em equilíbrio nessas condições. Admitindo-se comportamento ideal para o O e sabendo-se que a constante da Lei de Henry para esse gás dissolvido em água é igual a 1, mol.l 1.atm 1, nas condições do experimento, assinale a opção CORRETA que exprime o valor calculado do volume, em L, de O solubilizado nessa amostra. E at RT a) 1, b), c) 3, d) 1,6 10 e) 3, 10 Resolução do teste: Alternativa E De acordo com a lei de Henry a solubilidade do oxigênio é diretamente proporcional à sua pressão parcial (S = k.p). S = k.p(o ) S = 1, S = 1, mol.l -1 Concluímos que 1 L de água dissolve 1,3 x 10-3 mol de gás oxigênio, ou seja, n(o ) = 1, mol. T = 5 o C = 98 K. R = 8, atm.l.k -1.mol -1, então: PV = n(o )RT 1 V = 1, , V = 3, L 11

12 TESTE 1 Um vaso de pressão com volume interno de 50 cm 3 contém gás nitrogênio (N ) quimicamente puro, submetido à temperatura constante de 50 C e pressão total de,0 atm. Assumindo que o N se comporta como gás ideal, assinale a opção CORRETA que apresenta os respectivos valores numéricos do número de moléculas e da massa específica, em kg m 3, desse gás quando exposto às condições de pressão e temperatura apresentadas. a) 3, e 1,1 b) 4, 10 1 e 1,4 c) 5, e 1,4 d) 7, 10 1 e 1,3 e) 8, e 1,3 Resolução do teste: Alternativa D A partir da equação de estado de um gás ideal (Clapeyron): PV = nrt PV = m M RT Deduzimos: PM m PM = d = RT V RT Então, PM 8 d = d = = 1,304 g/l RT 8, Como P =,0 atm; V = 0,50 L; R = R = 8,1 x 10 - atm.l.k -1.mol -1 ; T = 50 o C = 53 K. Substituindo na equação de estado (Clapeyron), vem: PV = nrt -,0 0,50 = n 8, n = 1, mol de moléculas, ou seja: 1, , = 7, moléculas. A resposta mais aproximada está na alternativa D. TESTE 13 Um recipiente contendo gás hidrogênio (H ) é mantido à temperatura constante de 0 C. Assumindo que, nessa condição, o H é um gás ideal e sabendo-se que a velocidade média das moléculas desse gás, nessa temperatura, é de 1,85 x 10 3 m.s -1, assinale a alternativa CORRETA que apresenta o valor calculado da energia cinética média, em J, de uma única molécula de H. a) 3, b) 5, c) 3, d) 5, e), Resolução do teste: Alternativa D No ensino médio devemos considerar apenas a energia cinética média translacional em uma direção, que é dada pela seguinte expressão matemática: E 1 = mv (I) 1

13 Calculando a massa de uma molécula de hidrogênio, (H = 1,01; H =,0), teremos:,0 g 6, moléculas H m 1 molécula de H m = 0, g m = 3, g = 3, kg Substituindo em (I), vem: E = 1 3, (1,85 x 10 3 ) E = 5, kg.m.s - E = 5, J TESTE 14 Assinale a opção que apresenta a afirmação CORRETA sobre uma reação genérica de ordem zero em relação ao reagente X. a) A velocidade inicial de X é maior que sua velocidade média. b) A velocidade inicial de X varia com a concentração inicial de X. c) A velocidade de consumo de X permanece constante durante a reação. d) O gráfico do logaritmo natural de X versus o inverso do tempo é representado por uma reta. e) O gráfico da concentração de X versus tempo é representado por uma curva exponencial decrescente. Resolução do teste: Alternativa C Para uma reação de ordem zero em relação a um reagente X, teremos: v = k[x] 0 v = k Consequentemente, a velocidade de consumo de X permanece constante durante a reação. TESTE 15 Uma solução aquosa saturada em fosfato de estrôncio [Sr 3(PO 4) ] está em equilíbrio químico à temperatura de 5 C, e a concentração de equilíbrio do íon estrôncio, nesse sistema, é de 7, mol.l 1. Considerando-se que ambos os reagentes (água e sal inorgânico) são quimicamente puros, assinale a alternativa CORRETA com o valor do pk PS(5 C) do Sr 3(PO 4). Dado: K PS = constante do produto de solubilidade. a) 7,0 b) 13,0 c) 5,0 d) 31,0 e) 35,0 Resolução do teste: Alternativa D Teremos a seguinte equação química para o equilíbrio em solução aquosa: Sr 3(PO 4) 3Sr + + PO mol 3 mol mol,5x10-7 M 7,5x10-7 M 5,0x10-7 M K PS = [Sr + ] 3 [PO 4 3-] K PS = (7, ) 3 (5,0 x 10-7 ) K PS = 1, pk PS = logk PS pk PS = log(1, ) pk PS = [log1,055 + log10-31 ] pk PS = 31 log1,

14 TESTE 16 Sabe-se que a 5 C as entalpias de combustão (em kj.mol 1 ) de grafita, gás hidrogênio e gás metano são, respectivamente: 393,5; 85,9 e 890,5. Assinale a alternativa que apresenta o valor CORRETO da entalpia da seguinte reação: C (grafita) + H (g) CH 4(g). a) 11,1 kj mol 1 b) 74,8 kj mol 1 c) 74,8 kj mol 1 d) 136,3 kjmol 1 e) 11,1 kj mol 1 Resolução do teste: Alternativa B A partir das entalpias de combustão (em kj.mol -1 ), teremos: C gr + O (g) CO (g) H 1 = 393,5 H (g) + ½ O (g) H O (l) H = 85,9 CH 4(g) + O (g) CO (g) + H O (l) H 3 = 890,5 Agora devemos acertar estas três equações para que a soma dê a equação global: C gr + H (g) CH 4(g) C gr + O (g) CO (g) H 1 = 393,5 H (g) + O (g) H O (l) H = ( 85,9). CO (g) + H O (l) CH 4(g) + O (g) H 3 = + 890,5 C gr + H (g) CH 4(g) (global) H =? Aplicando a Lei de Hess: H = H 1 + H + H 3 H = 393,5 + ( 85,9) + 890,5 H = 74,8 kj TESTE 17 Uma lâmpada incandescente comum consiste de um bulbo de vidro preenchido com um gás e de um filamento metálico que se aquece e emite luz quando percorrido por corrente elétrica. Assinale a opção com a afirmação ERRADA a respeito de características que o filamento metálico deve apresentar para o funcionamento adequado da lâmpada. a) O filamento deve ser feito com um metal de elevado ponto de fusão. b) O filamento deve ser feito com um metal de elevada pressão de vapor. c) O filamento deve apresentar resistência à passagem de corrente elétrica. d) O filamento deve ser feito com um metal que não reaja com o gás contido no bulbo. e) O filamento deve ser feito com um metal dúctil para permitir a produção de fios finos. Resolução do teste: Alternativa B O filamento deve ser feito de um metal de elevado ponto de fusa, para resistir ao calor gerado, deve apresentar grande resistência elétrica, não pode reagir com o gás residual do bulbo e deve possuir grande ductibilidade, ou seja, capacidade de produzir fios. Finalmente o metal deve ter baixíssima pressão de vapor, pois não pode sublimar com a passagem da corrente elétrica. 14

15 TESTE 18 Em um processo de eletrodeposição de níquel, empregou-se um eletrodo ativo de níquel e um eletrodo de cobre, ambos parcialmente imersos em uma solução aquosa contendo sais de níquel (cloreto e sulfato) dissolvidos, sendo este eletrólito tamponado com ácido bórico. No decorrer do processo, conduzido à temperatura de 55 C e pressão de 1 atm, níquel metálico depositou-se sobre a superfície do eletrodo de cobre. Considere que as seguintes afirmações sejam feitas: I. Ocorre formação de gás cloro no eletrodo de cobre. II. A concentração de íons cobre aumenta na solução eletrolítica. III. Ocorre formação de hidrogênio gasoso no eletrodo de níquel. IV. O ácido bórico promove a precipitação de níquel na forma de produto insolúvel no meio aquoso. Com relação ao processo de eletrodeposição acima descrito, assinale a opção CORRETA. a) Todas as afirmações são verdadeiras. b) Apenas a afirmação IV é verdadeira. c) Apenas a afirmação III é falsa. d) Apenas as afirmações II e IV são falsas. e) Todas as afirmações são falsas. Resolução do teste: Alternativa E Teremos neste processo: Ni (s) Ni + (aq) + e - ânodo ativo (oxidação) Ni + (aq) + e - Ni (s) cátodo (eletrodeposição do níquel) Podemos observar que não ocorrerá a formação de gás cloro, nem de gás hidrogênio. TESTE 19 Considere duas reações químicas, mantidas à temperatura e pressão ambientes, descritas pelas equações a seguir: I. H (g) + ½ O (g) H O(g) II. H (g) + ½ O (g) H O(l) Assinale a opção que apresenta a afirmação ERRADA sobre estas reações. a) As reações I e II são exotérmicas. b) Na reação I, o valor, em módulo, da variação de entalpia é menor que o da variação de energia interna. c) O valor, em módulo, da variação de energia interna da reação I é menor que o da reação II. d) O valor, em módulo, da variação de entalpia da reação I é menor que o da reação II. e) A capacidade calorífica do produto da reação I é menor que a do produto da reação II. 15

16 Resolução do teste: Alternativa B Considerando as reações químicas descritas pelas equações: I. H (g) + ½ O (g) H O (g) II. H (g) + ½ O (g) H O (l) Teremos: A variação da energia interna ( E) pode ser dada por: H = E + n.rt E = H n.rt onde n é a variação do número de mols; R a constante universal e T a temperatura. Para a equação I: H (g) + ½ O (g) H O (g) n = 1 1,5 = 0,5 mol Então, E I = H I ( 0,5).RT E I = H I + 0,5.RT E I < H I H I > E I Para a equação II: H (g) + ½ O (g) H O (l) n = 0 1,5 = 1,5 mol Então, E II = H II ( 1,5).RT E II = H II + 1,5.RT E II < H II H II > E II Capacidades caloríficas: H O (g) = 0,48 cal/g o C H O (l) = 1 cal/g o C A capacidade calorífica da água gasosa é menor do que da água líquida. 16

17 TESTE 0 Considere o composto aromático do tipo C 6H 5Y, em que Y representa um grupo funcional ligado ao anel. Assinale a opção ERRADA com relação ao(s) produto(s) preferencialmente formado(s) durante a reação de nitração deste tipo de composto nas condições experimentais apropriadas. a) Se Y representar o grupo CH 3, o produto formado será o m-nitrotolueno. b) Se Y representar o grupo COOH, o produto formado será o ácido m-nitro benzoico. c) Se Y representar o grupo NH, os produtos formados serão o-nitroanilina e p-nitroanilina. d) Se Y representar o grupo NO, o produto formado será o 1,3-dinitrobenzeno. e) Se Y representar o grupo OH, os produtos formados serão o-nitrofenol e p-nitrofenol. Resolução do teste: Alternativa A Análise das alternativas: a) Os produtos formados serão o orto-nitro-tolueno e o para-nitro-touleno: A alternativa a está errada. b) Teremos: c) Teremos: d) Teremos: 17

18 e) Teremos: As questões dissertativas, numeradas de 1 a 30, devem ser respondidas no caderno de soluções. Questão 1 Determine o valor aproximado do ph no ponto de equivalência, quando se titula 5,0 ml de ácido acético 0,1000 mol.l 1 com hidróxido de sódio 0,1000 mol.l 1. Sabe-se que log = 0,3 e Ka = 1, Resolução da questão: Teremos 5 ml de ácido acético 0,1000 mol.l -1, ou seja: 0,1000 mol de ácido acético 1000 ml n 5 ml n ácido acético =, mol 1H 3CCOOH + 1NaOH 1H 3CCOONa + HOH No ponto de equivalência n(naoh) = n(h 3CCOOH): n(naoh) =, mol Como a concentração de NaOH é igual a 0,1000 M, teremos: 0,1000 mol NaOH 1 L, mol NaOH V(NaOH) V(NaOH) =, L = 5 ml No ponto de equivalência teremos 5 ml de solução de ácido acético e 5 ml de solução de NaOH, num total de 50 ml ( L). Logo, [H 3CCOOH] início =, = 0,05 M Agora observemos a reação de hidrólise: 1H 3CCOONa + H O 1H 3CCOOH + Na + + OH - 1H 3CCOO - + H O 1H 3CCOOH + OH - 0,05 M 0 0 (início) x + x + x (durante) (0,05 x) x x (equilíbrio) Em (0,05 x), desprezamos x, então teremos apenas 0,05 M. 18

19 K K h h [H3CCOOH][OH ] = [H CCOO ] h 3 x x x = = (0,05 x) 0,05 Como K K = K a w a, teremos: 14 x 10 = 0,05 K 14 x 10 = 0,05 1,8 10-5, Ka = 1,8 10, então: x = 7,78 10 x = 5,7 10 M Professora Sonia Como x = [OH ] e [OH ] = 5,7 10 K = [H ][OH ] = 10 w [H ] 5,7 10 = [H ] = 1,9 10, M, vem: + ph = - log[h ] -9 ph = - log(,0 10 ) = 9 - log = 9-0,3 = 8,7 ph = 8,7 Questão Proponha um método de obtenção de sulfato de cobre anidro a partir de uma reação de neutralização. Expresse as etapas para a sua obtenção por meio de equações químicas, indicando as condições necessárias para que cada etapa seja realizada. Resolução da questão: Sulfato de cobre pentahidratado (CuSO 4.5H O) são cristais de cor azul, obtidos pela cristalização da solução resultante da ação de ácido sulfúrico quente e concentrado sobre cobre, ou pela ação de ácido sulfúrico diluído sobre hidróxido ou carbonato de cobre. Então: H SO 4(diluído) + Cu(OH) (s) + 3H O (l) CuSO 4.5H O (s) CuSO 4.5H O (s) CuSO 4(s) + 5H O (g) Questão 3 A nitroglicerina, C 3H 5(ONO ) 3(l), é um óleo denso que detona se aquecido a 18 C ou quando é submetido a um choque mecânico. Escreva a equação que representa a reação química do processo, sabendo que a reação de decomposição é completa, e explique porque a molécula é explosiva. Resolução da questão: A equação pode ser representada por: 4C 3H 5N 3O 9(l) 6N (g) +1CO (g) +7O (g) +10H O (g) A substância é explosiva, pois a sua velocidade de decomposição tende ao infinito e também devido à formação de vários produtos gasosos estáveis, o que provoca um grande efeito de expansão. 19

20 Questão 4 Foram realizadas duas experiências com dois ovos de galinha. Inicialmente, ambos foram imersos em vinagre até a dissolução total da casca, que pode ser considerada constituída prioritariamente por carbonato de cálcio. Os ovos envoltos apenas em suas membranas foram cuidadosamente retirados do vinagre e deixados secar por um breve período. A seguir, um ovo foi imerso em água pura e, o outro, numa solução saturada de sacarose, sendo ambos assim mantidos até se observar variação volumétrica de cada ovo. a) Escreva a equação química balanceada que descreve a reação de dissolução da casca de ovo. b) O volume dos ovos imersos nos líquidos deve aumentar ou diminuir? Explique sucintamente por que estas variações volumétricas ocorrem. Resolução da questão: a) Teremos: H 3CCOOH + CaCO 3 [H 3CCOO - ]Ca + + HOH + CO b) O ovo colocado na água pura deverá inchar (aumentar), pois a pressão de vapor do solvente puro é maior do que no interior do ovo (osmose). O ovo colocado na solução de sacarose deverá murchar (diminuir), pois a pressão de vapor do solvente dentro do ovo é maior do que a do solvente da solução de sacarose (osmose). Questão 5 Considere a curva de variação da energia potencial das espécies A, B, C, D e E, envolvidas em uma reação química genérica, em função do caminho da reação, apresentada na figura a seguir. Suponha que a reação tenha sido acompanhada experimentalmente, medindo-se as concentrações de A, B e C em função do tempo. a) Proponha um mecanismo de reação para o processo descrito na figura, indicando a reação global. b) Indique a etapa lenta do processo e escreva a lei de velocidade da reação. c) Baseado na sua resposta ao item b) e conhecendo as concentrações de A, B e C em função do tempo, explique como determinar a constante de velocidade desta reação. Resolução da questão: a) De acordo com o diagrama fornecido, teremos: A + B C (rápida; menor energia de ativação) C D + E (lenta; maior energia de ativação) A + B D + E (global) 0

21 b) A etapa lenta é C D + E, pois apresenta a maior energia de ativação. A equação da velocidade pode ser representada por v = k[c], uma reação de primeira ordem. c) A partir das etapas, teremos: A + B C [C] K eq = [C] = K eq[a][b] (I) [A][B] C D + E v = k[c] (II) Substituindo (I) em (II), vem: v = k.k eq[a][b] v = K[A][B] onde K = A'. e E at RT Eat lnk = lna - RT Eat 1 lnk = lna -. R T Essa equação tem a forma análoga a de uma reta, y = ax + b, onde y = lnk e x = 1 T. Isto significa que se tivermos os valores da constante de velocidade k a diferentes temperaturas, o gráfico de lnk em função de 1 Eat dará uma reta de inclinação T RT. Questão 6 Dada a fórmula molecular C 3H 4Cl, apresente as fórmulas estruturais dos compostos de cadeia aberta que apresentam isomeria geométrica e dê seus respectivos nomes. Resolução da questão: Para a fórmula molecular C 3H 4Cl podemos montar as seguintes representações estruturais com isomeria geométrica: 1

22 Questão 7 Considere que certa solução aquosa preparada recentemente contém nitratos dos seguintes cátions: Pb +, Cu +, Fe + e Ag +. Descreva um procedimento experimental para separar esses íons, supondo que você dispõe de placas polidas dos seguintes metais puros: zinco, cobre, ferro, prata, chumbo e ouro e os instrumentos de vidro adequados. Descreva cada etapa experimental e apresente todas as equações químicas balanceadas. Dados: o E Zn + = 0,76 V /Zn o E + = 0,13 V Pb /Pb E = 0,80 V o Ag + /Ag o E Fe + = / Fe 0,44 V o E Cu + = / Cu 0,34 V o E Au 3+ = / Au 1,40 V Resolução da questão: Para um cátion de um metal depositar em uma placa, esta deve ser formada por um metal de menor potencial de redução. Comparando os potenciais de redução fornecidos: E Au > E Ag > E Cu > E Pb > E Fe > E Zn Procedimentos: 1º.) Placa de cobre retirando íons Ag + : Cu (s) + Ag + (aq) Cu + (aq) + Ag (s) º.) Placa de chumbo retirando os íons Cu + : Pb (s) + Cu + (aq) Cu (s) + Pb + (aq) 3º.) Placa de ferro retirando os íons Pb + : Fe (s) + Pb + (aq) Pb (s) + Fe + (aq) 4º.) Placa de zinco retirando os íons Fe + : Zn (s) + Fe + (aq) Fe (s) + Zn + (aq) Questão 8 Considere que as reações químicas representadas pelas equações não balanceadas a seguir ocorram em condições experimentais apropriadas e que as espécies A, B, C, D, E e F representam os produtos destas reações. C 6H 5OCH 3 + HI A + B (sic) CH 3CH I + Na C + D CH 3CH I + CH 3CH C CNa E + F Apresente as equações químicas balanceadas e os respectivos produtos.

23 Resolução da questão: Observação: C 6H 6OCH 3 = C 6H 5OCH 3. Teremos: Professora Sonia Questão 9 Uma chapa metálica de cobre recoberta com uma camada passiva de óxido de cobre (I) é imersa em um recipiente de vidro contendo água destilada acidificada (ph = 4) e gás oxigênio (O ) dissolvido, sendo a temperatura e a pressão deste sistema iguais a 5 C e 1 atm, respectivamente. Admitindo-se que a concentração inicial de equilíbrio dos íons de cobre (II) na solução aquosa é de 10 6 mol L 1 e, considerando que, nessas condições, a camada de óxido que envolve o metal pode ser dissolvida: a) Escreva a equação química balanceada da reação que representa o processo de corrosão do Cu O(s) no referido meio líquido com o O (g) dissolvido. b) Determine o valor numérico da pressão de oxigênio, expresso em atm, a partir do qual o Cu O(s) apresenta tendência termodinâmica de sofrer corrosão espontânea no meio descrito acima. Dados: E o 0,0 V; E o 1,3 V + = = Cu /CuO O /HO Resolução da questão: Comparando os potenciais fornecidos: E o (Cu + /Cu O) = 0,0 V ; E o (O /H O) = 1,3 V, teremos: Cu + + e - + H O Cu O + H + E 0 = 0,0 V O + 4H + + 4e - H O E 0 = 1,3 V Invertendo a primeira e equação, multiplicando por e somando com a segunda, vem: Cu O + 4H 4Cu +4e + H O O + 4H + 4e HO + Global + CuO + 8H + O 4HO + 4Cu (equação da reação global que representa o processo de corrosão espontânea) E 0 = 1,3 V 0,0 V = + 1,03 V b) Num processo espontâneo o valor de E deve ser positivo. A partir da equação de Nernst: 0 0,059 E = E log Q n K + 4 [Cu ] = ; como p(o ) = k[o ] [O ] = [H ] [O ] eq + 8 p(o ) k' 3

24 [Cu ] [Cu ] [H ] p(o ) [H ] p(o ) eq = Q = K.(k') Então, 0,059 [Cu ] = E E log + 8 n [H ] p(o ) Como E 0 = 1,03 V; T = 98 K; n = 4 (elétrons transferidos); [Cu + ] = 10-6 M; [H + ] = 10-4 M (ph = 4), vem: 0,059 [10 ] E = 1,03 log [10 ] p(o ) 8 10 E = 1,03 0,0148 log p(o ) E = 1,03 0,0148 (8 log p(o )) E = 1,03 0,1 + 0,0148 log p(o ) E = 0,91 + 0,0148 log p(o ) Para o processo ser espontâneo E > 0, logo: 0,91 + 0,0148logp(O ) > 0 p(o ) > 61,49 p(o ) > 10 61,49 atm Questão 30 Cobre metálico exposto à atmosfera ambiente úmida sofre corrosão, com formação de cuprita (Cu O) sobre a sua superfície. Este fato é comprovado em laboratório com a aplicação de corrente elétrica, proveniente de um gerador de corrente contínua, em um eletrodo de cobre (isento de óxido) imerso numa solução aquosa neutra de cloreto de potássio (ph = 7) contendo oxigênio gasoso (O ) dissolvido. Considere que esse procedimento é realizado nas seguintes condições: I. Eletrodos metálicos empregados: catodo de platina e anodo de cobre. II. Área imersa do anodo: 350,0 cm. III. Densidade de corrente aplicada: 10,0 µacm. IV. Tempo de eletrólise: 50 s. Baseado no procedimento experimental acima descrito: a) Escreva as equações químicas balanceadas que representam as reações envolvidas na formação da cuprita sobre cobre metálico. b) Calcule o valor numérico da massa de cuprita, expressa em g, formada sobre a superfície do anodo. c) Sabendo que a massa específica média da cuprita é igual a 6,0 g.cm 3, calcule o valor numérico da espessura média, expressa em µm, desse óxido formado durante a eletrólise. 4

25 Resolução da questão: a) Teremos: (-) ½ O + H O + e OH - Redução - (+) Cu + H O Cu O + H + e Cu + ½ O Cu O Oxidação + - Global b) Área = 350,0 cm. Densidade da corrente aplicada = 10,0 µ Acm -. Tempo = 50 s. 1 cm 10,0 µ A 350,0 cm i I = 3, µ A = 3, A Como Q = i t Q = 3, x 50 Q = = 1, C M(Cu O) = 143,1 g.mol -1 Temos mols de elétrons no circuito, 1 F = 9, C.mol -1, então: mol e - 1 mol Cu O F 143,1 g x 9, C 143,1 g 1, C m m = 1, g Como a massa específica média da cuprita é igual a 6,0 g.cm -3, vem: m 1,98 10 d = 6,0 = V V 4 V = 0,1633 x 10-4 cm 3 V = Área Espessura Espessura = Espessura = V Área 0, ,0 4 Espessura = 6, cm = 6, µm 5